2020浙江省东阳中学高二（上）语文开学考试试题（含解析）
2020浙江省东阳中学高二（上）语文开学考试试题（含解析）,浙江省,东阳中学,莲山课件.
2020江苏省扬州市高邮市高三（理科）数学上学期开学考试试题（含解析）
一、填空题：请把答案写在答题纸相应位置.
1.设集合,,则____________.
【答案】{2,4,6,8}
【解析】
分析：
详解：因为,,表示A集合和B集合“加”起来的元素，重复的元素只写一个，所以
点睛：在求集合并集时要注意集合的互异性.
2.命题“，都有”的否定是______.
【答案】，有
【解析】
【分析】
根据全称命题的否定是特称命题写出原命题的否定.
【详解】全称命题的否定是特称命题，故原命题的否定是“，有”.
【点睛】本小题主要考查写出全称命题的否定，属于基础题.
3.设，则命题，命题，则是的______条件.（填“充要”“充分不必要”“必要不充分”“既不充分又不必要”）.
【答案】必要不充分
【解析】
【分析】
比较命题和命题中的范围，由此判断充分、必要条件.
【详解】由解得，而，故是的必要不充分条件.
【点睛】本小题主要考查充分、必要条件的判断，属于基础题.
4.矩阵的特征值为______.
【答案】3和1
【解析】
【分析】
先根据特征值的定义列出特征多项式，令解方程可求得特征值.
【详解】依题意，特征多项式，令，解得或.
【点睛】本小题主要考查特征值的求法，属于基础题.
5.函数的定义域为______
【答案】(1，3]
【解析】
【分析】
根据幂函数与对数函数的性质，列不等式组求解即可.
【详解】要使函数有意义，
则，
解得，
即函数的定义域为，故答案为.
【点睛】本题主要考查函数的定义域、不等式的解法，属于中档题.定义域的三种类型及求法：(1)已知函数的解析式，则构造使解析式有意义的不等式(组)求解；(2) 对实际问题：由实际意义及使解析式有意义构成的不等式(组)求解；(3) 若已知函数的定义域为，则函数的定义域由不等式求出.
6.已知，，则的值是______.
【答案】
【解析】
【分析】
将题目所给指数式改写为对数式，然后根据对数运算，求得的值.
【详解】依题意，，所以.
【点睛】本小题主要考查指数式化为对数式，考查对数运算，属于基础题.
7.在平面直角坐标系中，将函数的图像向右平移个单位长度.若平移后得到的图像经过坐标原点，则的值为_________.
【答案】
【解析】
函数的图像向右平移 个单位得，因为过坐标原点，所以
点睛：三角函数的图象变换，提倡“先平移，后伸缩”，但“先伸缩，后平移”也常出现在题目中，所以也必须熟练掌握.无论是哪种变形，切记每一个变换总是对字母而言. 函数是奇函数；函数是偶函数；函数是奇函数；函数是偶函数.
8.已知函数在区间上单调递增，则实数的取值范围是______.
【答案】
【解析】
【分析】
根据复合函数单调性同增异减，以及二次函数对称轴列不等式组，解不等式组求得实数的取值范围.
【详解】要使在上递增，根据复合函数单调性，需二次函数对称轴在的左边，并且在时，二次函数的函数值为非负数，即，解得.即实数的取值范围是.
【点睛】本小题主要考查复合函数的单调性，考查二次函数的性质，属于中档题.
9.在中，角的对边分别为，已知______________.
【答案】
【解析】
由及正弦定理得，
又，
∴．
∴.
在中，由正弦定理得，
∴，
∴．
答案：
10.已知，则的值为______.
【答案】
【解析】
【分析】
根据已知条件求得的值.将所求表达式化为只含的式子，由此求得表达式的值.
【详解】依题意.
而.
【点睛】本小题主要考查利用诱导公式、二倍角公式和降次公式进行化简求值，考查化归与转化的数学思想方法，属于中档题.
11.已知函数，对任意的，恒成立，则的取值范围为______.
【答案】
【解析】
【分析】
先判断函数的单调性和奇偶性，根据单调性和奇偶性化简题目所给不等式，利用一次函数的性质，求得的取值范围.
【详解】由于故函数为奇函数，而为上的增函数，故由，有，所以，即，将主变量看成（），表示一条直线在上纵坐标恒小于零，则有，解得.所以填.
【点睛】本小题主要考查函数单调性和奇偶性的运用，考查化归与转化的数学思想方法，考查一元一次不等式组的解法，属于中档题.
12.在锐角中，，点在边上，且与面积分别为2和4，过作于，于，则的值是______.
【答案】
【解析】
【分析】
利用三角形面积公式表示出、和的面积，化简后代入向量数量积，由此求得数量积的值.
【详解】因为，且为锐角，所以，根据三角形面积得，所以，所以.而，化简得.所以.
【点睛】本小题主要考查三角形面积公式，考查向量数量积运算，考查同角三角函数的基本关系式，考查诱导公式，考查整体与部分的思想.，属于中档题.
13.设且则使函数在区间上不单调的的个数是______.
【答案】3
【解析】
【分析】
将问题转化为在区间上有对称轴来解决，列出关于的不等式组，解不等式组求得的取值范围，从而确定个数.
【详解】由于函数在区间上不单调，故在区间上有对称轴，由，有，故，由于，故有，即，求得，故填.
【点睛】本小题主要考查三角函数的单调性、对称性，考查一元一次不等式的解法，属于中档题.
14.已知，函数，，若函数有4个零点，则实数的取值范围是______.
【答案】
【解析】
【分析】
画出函数的图像，对分成，等种情况，研究零点个数，由此求得的取值范围.
【详解】令，画出函数的图像如下图所示，由图可知，
（1）当或时，存在唯一，使，而至多有两个根，不符合题意.
（2）当时，由解得，由化简得，其判别式为正数，有两个不相等的实数根；由化简得，其判别式为正数，有两个不相等的实数根.由于上述四个实数根互不相等，故时，符合题意.
（3）当时，由解得，由化简得，其判别式为负数，没有实数根；由化简得，其判别式为正数，有两个不相等的实数根.故当时，不符合题意.
（4）当时，由，根据图像可知有三个解，不妨设.
即
即.
i）当时，，故①②③三个方程都分别有个解，共有个解，不符合题意.
ii)当时，，①有个解，②③分别有个解，共有个解，不符合题意.
iii）当时，，①无解，②③分别有个解，共有个解，符合题意.
iv）当时，，①无解，②有个解，③有两个解，共有个解，不符合题意.
v）当时，，①无解，②无解，③至多有个解，不符合题意.
综上所述，的取值范围是.
【点睛】本小题主要考查复合函数零点问题，考查分类讨论的数学思想方法，考查数形结合的数学思想方法，难度较大，属于难题.
二、解答题：请在答卷纸指定区域内作答，解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
15.在平面直角坐标系中，锐角的顶点为坐标原点，始边为轴的非负半轴，终边上有一点.
（1）求的值；
（2）若，且，求角的值.
【答案】（1）；（2）.
【解析】
【分析】
（1）根据三角函数的定义求得的值，然后利用二倍角公式求得的值，进而求得的值.（2）先求得的范围，由此求得的值，利用以及两角差的正弦公式，求得的值，由此求得的值.
【详解】解：（1）角的终边上有一点P∴，
∴
∴
（2）由，得
∵
∴
则
因，则.
【点睛】本小题主要考查三角函数的定义，二倍角公式、同角三角函数的基本关系式，考查两角差的正弦公式，属于中档题.
16.已知命题：关于的不等式无解；命题：指数函数是上的增函数.
（1）若命题为真命题，求实数的取值范围；
（2）若满足为假命题且为真命题的实数取值范围是集合，集合，且，求实数的取值范围.
【答案】（1）.（2）
【解析】
【分析】
（1）利用判别式求得为真时的取值范围.根据指数函数的单调性求得为真时的取值范围.由于为真命题，所以真真，求两个的范围的交集，得到最终的取值范围.（2）求得假真时的取值范围，即集合，根据列不等式组，解不等式组求得的取值范围.
【详解】解:（1）由为真命题知，解得，所以的范围是，
由为真命题知，，，取交集得到.
综上，的范围是.
（2）由（1）可知，当为假命题时，；为真命题，则解得：
则的取值范围是即，
而，可得，
解得：
所以，的取值范围是
【点睛】本小题主要考查根据命题的真假性，求参数的取值范围，考查一元二次不等式解集为空集的条件，考查指数函数的单调性，考查子集的概念和运用，属于中档题.
17.在中，，，分别为角，，所对边的长，.
（1）求角的值：
（2）设函数，求的取值范围.
【答案】（1）．（2）
【解析】
【分析】
（1）利用正弦定理、余弦定理化简已知条件，求得的值，进而求得的值.（2）首先化简为的形式，在根据的取值范围，结合三角函数值域的求法，求得的取值范围.
【详解】解：（1）在中，因为，
由正弦定理，
所以．
即，
由余弦定理，得．
又因为，所以．
（2）因为
由（1）可知，且在中，
所以，即
所以，即
所以的取值范围为
【点睛】本小题主要考查利用正弦定理和余弦定理解三角形，考查降次公式、辅助角公式，考查三角函数值域的求法，属于中档题.
18.如图，在地正西方向的处和正东方向的处各一条正北方向的公路和，现计划在和路边各修建一个物流中心和.
（1）若在处看，的视角，在处看测得，求，；
（2）为缓解交通压力，决定修建两条互相垂直的公路和，设，公路的每千米建设成本为万元，
2020四川省宜宾市第一中学高三（上）政治开学考试试题（含解析）
2020四川省宜宾市第一中学高三（上）政治开学考试试题（含解析）,四川省,宜宾市第一中学,莲山课件.
公路的每千米建设成本为万元.为节省建设成本，试确定，的位置，使公路的总建设成本最小.
【答案】（1），；（2）当为，且为时，成本最小．
【解析】
【分析】
（1）根据等腰直角三角形的性质得到，利用，以及的展开公式列方程，解方程求得的值.（2）利用表示出，由此求得总成本的表达式，利用导数求得为何值时，总成本最小.
【详解】解：（1）在中，由题意可知，，则．
在中，，在中
因为，所以，
于是
所以
答：，
（2）在中，由题意可知，则．
同理在中，，则．
令，，
则，
令，得，记，，
当时，，单调减；
当时，，单调增．
所以时，取得最小值，
此时，．
所以当为，且为时，成本最小．
【点睛】本小题主要考查两角和的正切公式，考查解直角三角形，考查利用角度表示边长，考查实际应用问题的求解策略，考查利用导数求最小值，属于中档题.
19.若函数对定义域内的每一个值，在其定义域内都存在唯一的，使成立，则称该函数为“依赖函数”.
（1）判断函数是否为“依赖函数”，并说明理由；
（2）若函数在定义域上为“依赖函数”，求的取值范围；
（3）已知函数在定义域上为“依赖函数”.若存在实数，使得对任意的，不等式都成立，求实数的最大值.
【答案】（1）不是“依赖函数”；（2），（3）
【解析】
【分析】
（1）取特殊值，得到，无解，由此证得不是“依赖函数”.（2）根据的单调性和函数值为正数，得到，化简后求得的关系式，代入并化简，利用二次函数单调性求得的取值范围.（3）对分成，，两种情况，根据“依赖函数”的定义，求得的值.由此化简不等式，利用判别式和对钩函数的性质，求得实数的最大值.
【详解】解：（1）对于函数的定义域内存在，则，无解.
故不是“依赖函数”；
（2）因为在递增，故，即，
由，故，得，
从而在上单调递增，故，
（3）①若，故在上最小值为0，此时不存在，舍去；
②若故在上单调递减，
从而，解得（舍）或.
从而，存在，使得对任意的，有不等式都成立，
即恒成立，由，
得，由，可得，
又在单调递减，故当时，，
从而，解得，
综上，故实数的最大值为．
【点睛】本小题主要考查新定义函数的理解，考查指数运算以及二次函数的性质，考查一元二次不等式恒成立问题的求解策略，考查对勾函数的性质，考查化归与转化的数学思想方法，属于中档题.
20.己知函数在处的切线方程为，函数.
（1）求函数的解析式；
（2）求函数的极值；
（3）设（表示，中的最小值），若在上恰有三个零点，求实数的取值范围.
【答案】（1）；（2）极小值，无极大值．（3）
【解析】
【分析】
（1）先求得函数导数，利用切点坐标和函数在时切线的斜率也即导数列方程组，解方程组求得的值，进而求得函数的解析式.（2）先求得的定义域和导函数，对分成两种情况，通过函数的单调性讨论函数的极值.（3）先根据（1）判断出有且仅有一个零点，故需在上有仅两个不等于1的零点.根据（2）判断出当时，没有三个零点；当时，通过零点存在性定理以及利用导数的工具作用，证得分别在，分别有个零点，符合题意.由此求得实数的取值范围.
【详解】解：（1）
因为在处的切线方程为
所以，
解得
所以
（2）的定义域为，
①若时，则上恒成立，
所以在上单调递增，无极值
②若时，则当时，，在上单调递减；
当时，，在上单调递增；
所以当时，有极小值，无极大值．
（3）因为仅有一个零点1，且恒成立，
所以在上有仅两个不等于1的零点．
①当时，由（2）知，在上单调递增，
在上至多一个零点，不合题意，舍去
②当时，，在无零点
③当时，，当且仅当等号成立，在仅一个零点
④当时，，，所以，
又图象不间断，在上单调递减
故存在，使
又
下面证明，当时，
，在上单调递增
所以，
又图象在上不间断，在上单调递增，
故存在，使
综上可知，满足题意的的范围是
【点睛】本小题主要考查利用导数研究函数的单调性和极值，考查利用函数图像上某点的切线方程求函数解析式，考查利用导数研究函数的零点问题，考查化归与转化的数学思想方法，综合性很强，属于难题.
21.己知矩阵.
（1）求；
（2）若曲线在矩阵对应的变换作用下得到另一曲线，求的方程.
【答案】（1）；（2）
【解析】
【分析】
（1）根据逆矩阵的求法，求得的逆矩阵.（2）设出上任意一点的坐标，设出其在矩阵对应的变换作用下得到点的坐标，根据坐标变换列方程，解方程求得两者坐标对应关系式，再代入方程，化简后可求得的方程.
【详解】解（1）设所求逆矩阵为，则，即，解得，所以.
（2）设曲线上任一点坐标为，在矩阵对应变换作用下得到点，
则，即，
解得.
因为，所以，整理得，
所以的方程为.
【点睛】本小题主要考查逆矩阵的求法，考查利用矩阵变换求曲线方程，考查运算求解能力，属于中档题.
22.在直角坐标系中，曲线的参数方程为（为参数），以原点为极点，轴的正半轴为极轴建立极坐标系，曲线的极坐标方程为.
（1）写出曲线的普通方程和曲线的直角坐标方程；
（2）已知点是曲线上的动点，求点到曲线的最小距离.
【答案】（1）的普通方程为；的普通方程为；（2）.
【解析】
【分析】
（1）消去曲线参数方程的参数，得到的普通方程，根据极坐标和直角坐标相互转化的公式，求得的直角坐标方程.（2）设出曲线的参数方程，利用点到直线距离公式求得点到曲线的距离的表达式，再根据三角函数最值求得到曲线的最小距离.
【详解】解:（1）消去参数得到，
故曲线的普通方程为
，由
得到，
即，故曲线的普通方程为
（2）设点的坐标为，
点到曲线的距离
所以，当时，的值最小，
所以点到曲线的最小距离为.
【点睛】本小题主要考查参数方程化为普通方程，考查极坐标方程转化为直角坐标方程，考查椭圆上的点到直线的最小距离的求法，考查三角函数辅助角公式以及最值的求法，属于中档题.
23.如图，在四棱锥中，底面为正方形，平面平面，为的中点，，.
（1）求二面角的大小；
（2）求直线与平面所成角的正弦值.
【答案】（1）.（2）
【解析】
【分析】
（1）取中点，设相交于，连接，.通过等腰三角形的性质、面面垂直的性质定理，以及正方形的性质，证得,由此以为空间坐标原点建立空间直角坐标系，通过计算平面和平面的法向量，计算出二面角的余弦值，进而求得二面角的大小.（2）利用直线的方向向量和平面的法向量，计算出线面角的正弦值.
【详解】（1）取中点，设相交于，连接，.
因为，所以.
又因为平面平面，且平面，所以平面.
因为平面，所以.
因为是正方形，所以.
如图建立空间直角坐标系，则，，，
，.
设平面的法向量为，则，即.
令，则，.于.
平面的法向量为，所以.
由题知二面角为锐角，所以它的大小为.
（2）由题意知，，.
设直线与平面所成角为，
则
所以直线与平面所成角的正弦值为.
【点睛】本小题主要考查面面垂直的性质定理，考查利用空间向量法求二面角、线面角的正弦值，考查空间想象能力和逻辑推理能力，属于中档题.
24.袋中装有9只球，其中标有数字1，2，3，4的小球各2个，标数字5的小球有1个.从袋中任取3个小球，每个小球被取出的可能性都相等，用表示取出的3个小球上的最大数字.
（1）求取出的3个小球上的数字互不相同的概率；
（2）求随机变量的分布列和期望.
【答案】（1）；（2）的分布列见解析；期望是
【解析】
【分析】
（1）先计算出一次取出的个小球上有两个数字相同的概率，然后用减去这个概率，求得取出的3个小球上的数字互不相同的概率.（2）所有可能的取值为：2，3，4，5，根据分类加法计数原理和古典概型概率计算公式，计算出分布列并求得数学期望.
【详解】解:（1）一次取出的个小球上的数字互不相同的事件记为
则为一次取出的个小球上有两个数字相同
∴
（2）由题意可知所有可能的取值为：2，3，4，5
；；
；
∴的分布列为：
2
3
4
5
则
答：随机变量的期望是
【点睛】本小题主要考查古典概型的计算，考查利用对立事件的方法计算概率，考查分类加法计数原理，考查离散型随机变量分布列和期望的求法，属于中档题.
2020四川省宜宾市四中高三（上）政治开学考试试题（含解析）
2020四川省宜宾市四中高三（上）政治开学考试试题（含解析）,四川省,宜宾市四中,莲山课件.
