2019年安徽中考物理试卷（参考答案与试题解析）

2020年教科版高二必修二闭合电路欧姆定律同步练习题（答案）

2020年教科版高二必修二闭合电路欧姆定律同步练习题（答案）,高二下物理同步练习,莲山课件.

2019年安徽省中考物理试卷

参考答案与试题解析

一、填空题（每空2分，共26分）

1．[2019安徽]完成下列单位换算：

（1）19.3g/cm³＝            kg/m³；（2）5kW•h＝               J

（1）19.3×10⁴   1.8×10⁷

【解析】（1）因为1g/cm³＝1×10³kg/m³，所以，19.3g/cm³＝19.3×10³kg/m³；（2）因为1kW•h＝3.6×10⁶J，所以，5kW•h＝5×3.6×10⁶J＝1.8×10⁷J。

故答案为：。

2．[2019安徽]如图，水面上两船相距15km，实验员在一条船上敲响水里的一口钟，同时点燃船上的火药使其发光；另一条船上的实验员在看到火药发光后10s，通过水里的听音器听到了水下的钟声。根据这些数据计算声音在水中传播的速度为      m/s。

1500【解析】由题意可知，看到火药发光，经过10s听到钟声，可近似认为声音在水中传播15km用的时间为t＝10s，声则音在水中传播的速度为：v＝＝＝1500m/s。

故答案为：。

3．[2019安徽]如图，用细线将小钢球悬挂起来。让其在竖直平面内左右摆动。忽略空气阻力，在图上画出小钢球摆动到B点时所受力的示意图。

如答图所示

【解析】忽略空气阻力，小钢球在B点只受到重力和拉力的作用，重力的方向竖直向下，拉力的方向沿绳子向上；过球心作竖直向下的重力G和沿绳子斜向上的拉力F。

4．[2019安徽]如图，一轻杆AB悬于O点，其左端挂一重物，右端施加一个与水平方向成30°的力F，此时轻杆水平平衡。若重物质量m＝3kg，BO＝3AO，g取10N/kg。则力F的大小为     N。

20【解析】反向延长力F的作用线，过支点O作力F作用线的垂线即为F的力臂L₁，因为右端施加一个与水平方向成30°的力F，则由几何知识可知L₁＝OB，已知BO＝3AO，重物质量m＝3kg，则物体重力G＝mg＝3kg×10N/kg＝30N，由杠杆平衡条件得：G×L₂＝F×L₁，即G×OA＝F×OB，代入数据可得，30N×OA＝F××3OA，

解得F＝20N。

故答案为：。

5．[2019安徽]用沿斜面向上大小为3.5N的力将一个重为4.9N的物体从斜面底端匀速拉到顶端。已知斜面长为2m，高为1m，则该过程中斜面的机械效率为      。

70%【解析】使用斜面时做的有用功：W_有＝Gh＝4.9N×1m＝4.9J，拉力所做的功：W_总＝Fs＝3.5N×2m＝7J，斜面的机械效率：η＝×100%＝×100%＝70%。

故答案为：。

6．[2019安徽]假如完全燃烧0.2m³天然气放出的热量全部被100kg初温为25℃的水吸收，可以使水的温度升高到     ℃[已知c_水＝4.2×10³J/（kg•℃），q_天然气＝4.2×10⁷J/m³]。

45【解析】完全燃烧0.2m³天然气放出的热量：Q_放＝V_天然气q＝0.2m³×4.2×10⁷J/kg＝8.4×10⁶J；根据Q_吸＝cm△t＝Q_放可知，水温度升高值：△t＝＝＝20℃，水的末温度为：t＝t₀+△t＝25℃+20℃＝45℃。

故答案为：。

7．[2019安徽]如图中物块甲和乙处于静止状态。已知甲重12N，乙重8N，不计绳重及一切摩擦，则甲受到地面的支持力为    N。

4【解析】物体甲受竖直向下的重力G_甲＝12N、竖直向上的拉力F_拉＝G_乙＝8N、竖直向上的地面的支持力F_支作用而静止，处于平衡状态，由力的平衡条件得：G_甲＝F_拉+F_支，

则甲受到地面的支持力：F_支＝G_甲﹣F_拉＝12N﹣8N＝4N。

故答案为：。

8．[2019安徽]如图为电阻A和B的I﹣U图象。若将A.B串联接入某电源两端，则闭合开关后，它们两端的电压U_A.U_B．之比是     ；若将A.B并联接入电源两端，闭合开关后，测得干路电流为0.6A，则电源电压是     V。

1：2   ；2【解析】（1）串联电路中电流处处相等，将A和B串联后接入某电源两端时，若通过的电流I＝0.2A时（也可取其他电流值），由图象可知，它们两端的电压U_A＝1V，U_B＝2V，则U_A：U_B＝1V：2V＝1：2；（2）由图象可知，当U＝3V时，I_A＝0.6A，I_B＝0.3A，

则R_A＝＝＝5Ω，R_B＝＝＝10Ω，若将A.B并联接入电源两端，则A和B并联的总电阻：R_并＝＝＝Ω；此时干路电流为0.6A，则由I＝可得电源电压：U＝IR_并＝0.6A×Ω＝2V。

故答案为：。

9．[2019安徽]如图电路中，U＝12V，R₁＝6Ω，R₂＝3Ω，R₃＝4Ω．当S₂断开，S₁闭合时，电阻R₁消耗的电功率为      W；当S₁、S₂都闭合时，6s内电流通过R₂产生的热量是     J。

8.64    32【解析】（1）当S₂断开，S₁闭合时，电阻R₁和R₃串联，电路的电流：I＝＝＝1.2A，电阻R₁消耗的电功率：P＝I²R₁＝（1.2A）²×6Ω＝8.64W；（2）当S₁、S₂都闭合时，电阻R₁和R₂先并联，再和R₃串联，R₁和R₂并联的总电阻：R＝＝＝2Ω，干路中的电流：I′＝＝＝2A，则电阻R₂两端的电压：U₂＝I′R＝2A×2Ω＝4V，6s内电流通过R₂产生的热量：Q＝W＝t＝×6s＝32J。

故答案为：。

10．[2019安徽]光从空气斜射到水面时，一部分光射进水中，另一部分光返回到空中，其光路如图甲。现在让光逆着折射光线的方向从水中斜射到与空气的分界面，请在图乙中画出相应的折射光线和反射光线。

如答图所示

【解析】图中已经过入射点O作出垂直于界面的法线，根据反射角等于入射角在水中法线的另一侧画出反射光线；光从水斜射入空气中，根据折射角大于入射角画出折射光线，折射光线要比原来远离法线。

二、选择题（每小题3分，共21分；每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意）

11．[2019安徽]下列说法正确的是（  ）

A．物体的速度越大，其惯性越大

B．电磁波不能在真空中传播

C．摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到了另一个物体

D．磁感线是磁场中真实存在的曲线

C【解析】A.惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，故A错误；B.电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播，故B错误；C.摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到了另一物体上，失去电子的物体带正电，得到电子的物体带负电，故C正确；D.磁感线不是磁场中真实存在的曲线，而是人们假想出来的，它可以形象地描述磁场，故D错误。

故选：C。

12．[2019安徽]如图，在光滑的水平台面上，一轻弹簧左端固定。右端连接一金属小球，O点是弹簧保持原长时小球的位置。压缩弹簧使小球至A位置，然后释放小球，小球就在AB间做往复运动（已知AO＝OB）。小球从A位置运动到B位置的过程中，下列判断正确的是（  ）

A．小球的动能不断增加

B．弹簧的弹性势能不断减少

C．小球运动到O点时的动能与此时弹簧的弹性势能相等

D．在任一位置弹簧的弹性势能和小球的动能之和保持不变

D【解析】由题知，O点是弹簧保持原长时小球的位置，则AO段弹簧处于压缩状态，OB段弹簧处于拉伸状态；小球从A运动到O的过程中，弹簧逐渐恢复原状，形变程度变小，弹性势能变小，小球所受弹力方向向右、速度不断增大，动能变大，此过程中弹性势能转化为动能；到达O点时，弹簧恢复原长，弹性势能为零，小球所受弹力为零，此时速度最大，动能最大；小球从O运动到B的过程中，弹簧被拉长，形变程度变大，弹性势能变大，此时小球所受弹力方向向左、速度不断减小，动能变小，此过程中动能转化为弹性势能；则小球从A位置运动到B位置的过程中：A.小球的动能先增加后减少，故A错误；B.弹簧的弹性势能先减少后增大，故B错误；C.小球运动到O点时的动能（最大）与此时弹簧的弹性势能（为零）不相等，故C错误；D.水平台面光滑，且AO＝OB，说明没有机械能转化为内能，小球和弹簧组成的整体机械能守恒，所以在任一位置弹簧的弹性势能和小球的动能之和保持不变，故D正确。

故选：D。

13．[2019安徽]封闭在容器内的气体，是由大量的气体分子组成的，这些分子都在不停地做无规则运动。下列有关说法正确的是（  ）

A．温度一定时，气体分子的运动速度大小都相同

B．温度一定时，向各个方向运动的气体分子都有

C．温度升高时，每个气体分子的运动速度都增大

D．温度降低时，所有气体分子的运动方向都相同

B【解析】A.温度一定时，气体分子的运动速度大小没有规律，故A错；B.温度一定时，分子运动没有规律分子运动朝各个方向，故B正确；C.温度升高时，大部分气体分子速度增大，不是每个气体分子速度增大，故C错；D.温度降低时，气体分子运动还是朝各个方向，故D错.

故选：B。

14．[2019安徽]如图，A.B两物块叠放在水平桌面上保持静止。图中分别给出了A.B的受力示意图。下列说法正确的是（  ）

A．F₂与G_A.F₁两个力的合力是一对作用力与反作用力

B．F₁与F₃是一对作用力与反作用力

C．G_A与F₂是一对平衡力

D．F₂与F₁是一对平衡力

B【解析】由图知，A物块受到向上的支持力F₂、向下的重力G_A.B对A向下的压力F₁；B物块受到向上的支持力F₃和向下的重力G_B，A.以A为研究对象，A物块在水平桌面上保持静止，受力平衡；G_A.F₁两个力的合力方向向下，合力的大小G_A+F₁＝F₂，则可知F₂与G_A.F₁两个力的合力大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，均作用在A物块上，所以是一对平衡力，不是一对相互作用力，故A错误；B.B对A有向下的压力F₁，因力的作用是相互的，则A对B有向上的支持力F₃，所以F₁与F₃是一对作用力与反作用力，故B正确；C.A物块处于静止状态，由图示和力的平衡条件可得：F₂＝G_A+F₁，则G_A与F₂的大小不等，所以G_A与F₂不是一对平衡力，故C错误；D.A物块处于静止状态，由力的平衡条件可得：F₂＝G_A+F₁，则F₂与F₁的大小不等，所以F₂与F₁不是一对平衡力，故D错误。

故选：B。

15．[2019安徽]直线电流周围磁场的磁感线分布和磁场方向的判定方法如图所示。将一枚转动灵活的小磁针放在水平放置的直导线正下方，直导线通电的瞬间（  ）

A．若电流方向从南向北，则小磁针顺时针偏转

B．若电流方向从北向南，则小磁针逆时针偏转

C．若电流方向从东向西，则小磁针不发生偏转

D．若电流方向从西向东，则小磁针不发生偏转

D【解析】由图知，判断通电直导线周围磁场方向用到了右手螺旋定则，即：用右手握住直导线，使大拇指指向电流的方向，则四指环绕的方向就是通电直导线周围的磁场方向；

A.若电流方向从南向北，如下图（即图中电流从左到右），根据上面的方法可知，通电直导线下面的磁场指向纸的里面，而纸的里面是西，则小磁针的N极指向也指向西面（如图中红色磁针），小磁针的N极原来指向北面（如图中蓝色磁针），所以，小磁针从北往西转动，俯视时，会发现小磁针逆时针转动，故A错误。

B.若电流方向从北向南，即下图中电流从左到右，根据上面的方法可知，通电直导线下面的磁场指向纸的里面，纸的里面是东，小磁针N极指向也指向东面（如图中红色磁针），小磁针的N极原来指向北面（如图中蓝色磁针），所以，小磁针从北往东转动，俯视时，会发现小磁针顺时针转动。故B错误。

C.若电流方向从东向西，即下图中电流从左到右，通电直导线下面的磁场指向纸的里面，纸的里面是南，小磁针N极指向也指向南面如图中红色磁针，小磁针原来指向北面如图中蓝色磁针，所以小磁针会转动到相反的方向，故C错误。

2020年教科版八年级物理下册：7.5摩擦力 同步练习

2020年教科版八年级物理下册：7.5摩擦力 同步练习,八年级下物理同步练习,莲山课件.

D.若电流方向从西向东，即下图中电流从左到右，通电直导线下面的磁场指向纸的里面，纸的里面是北，小磁针N极指向也指向北面如图蓝色磁针，小磁针原来指向北面（如图蓝色磁针），所以小磁针不转动。故D正确。

故选：D。

16．[2019安徽]公交车后门的两个扶杆上通常各装有一个按钮，每一个按钮都是个开关。当乘客按下任何一个按钮时，驾驶台上的指示灯发光，同时电铃响，提醒司机有人要下车。下列电路图符合上述要求的是（  ）

A． B．

C． D．

C【解析】（1）当乘客按下任何一个按钮时，驾驶台上的指示灯发光，同时电铃响，说明这两个开关可以独立工作、互不影响即为并联，且两个开关都位于干路上，由图示电路图可知，AB其中一个开关在支路上，故AB不符合题意，C符合题意。（2）根据题意可知：当乘客按下任何一个按钮时，驾驶台上的指示灯发光，同时电铃响，而D图只有两个开关同时闭合时，灯泡才亮，电铃才响，故D不符合题意。

故选：C。

17．[2019安徽]如图所示的电路中，电源电压保持不变，R为定值电阻。闭合开关，向左移动滑片P，则（  ）

A．电压表的示数变大，电流表的示数变大

B．电压表的示数变大，电流表的示数变小

C．电压表的示数不变，电流表的示数变大

D．电压表的示数变小，电流表的示数变大

A【解析】由电路图可知，滑动变阻器与定值电阻串联，闭合开关后，滑片向左滑动时，接入的阻值变小，则电路中总电阻变小，由I＝可知，在电源电压不变时，电路中的电流变大，电流表实示数变大；R为定值电阻，由U＝IR可知其两端电压变大，故电压表示数变大；故A正确，BCD错误。

故选：A。

三、实验题（第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共20分）

18．[2019安徽]图为研究“影响滑动摩擦力大小的因素”实验的示意图。

实验的过程为：

a．用弹簧测力计缓缓拉动木块。使它沿水平长木板滑动，当测力计示数稳定后，该示数即为此状态下滑动摩擦力的大小。

b．改变放在木块上的砝码。测出此种情况F的滑动摩擦力。

c．换用材料相同但表面粗糙的长木板，保持木块上的砝码不变，测出此种情况下的滑动摩擦力。

…

（1）该实验的原理是：               ；

（2）该实验的结论是：                                             。

（1）二力平衡   （2）滑动摩擦力的大小跟压力大小及接触面积的粗糙程度有关

【解析】（1）用弹簧测力计水平拉动木块做匀速直线运动时，拉力与摩擦力是一对平衡力，根据二力平衡条件可得出二者大小相等；（2）比较a、.b次实验可知，接触面的粗糙程度，压力大小不同，结果摩擦力的大小不同，所以滑动摩擦力的大小与压力大小有关；比较a、c两次使用数据可知，压力大小相同，接触粗糙程度不同，结果摩擦力的大小不同，说明滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关；综上分析可知，该实验的结论是：动摩擦力的大小跟压力大小及接触面积的粗糙程度有关。

故答案为：

19．[2019安徽]小明使用天平测小石块的质量。测量前他将天平放在水平桌面上，然后进行天平横梁平衡的调节。调节完成后指针静止时的位置和游码的位置如图甲。

（1）请你指出小明调节天平横梁平衡的过程中遗漏的操作步骤：       ；

（2）完成遗漏的操作步骤后，为了调节横梁平衡，他需向      （选填“左”或“右”）调节平衡螺母，使指针指到分度盘中央刻度线或在中央刻度线两侧等幅摆动；

（3）调节横梁平衡后，小明将小石块放在左盘，在右盘中加减砝码并调节游码在标尺上的位置，直到横梁恢复平衡。这时右盘中的砝码情况和游码在标尺上的位置如图乙所示，则小石块的质量为      g。

（1）游码调零   （2）右   （3）78.4

【解析】（1）使用天平时，应先把游码移到标尺的零刻度线处，即游码归零，再调节平衡螺母使天平平衡，而小明调节天平横梁平衡的过程中遗漏了游码归零这一步骤。（2）甲图中没有将游码移至零刻度线，横梁就平衡了，如果将游码调零，则指针会偏向分度盘左侧，此时要使横梁平衡，则应将平衡螺母向右调节；（3）由图知，小石块的质量m＝50g+20g+5g+3.4g＝78.4g。

故答案为：。

20．[2019安徽]图甲为伏安法测电阻的实验电路图。

（1）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于     （选填“a”或“b”）端；

（2）小亮同学用完好的器材按图甲正确连接好电路，“试触”时，发现电流表的指针偏转很小；移动滑动变阻器的滑片，发现指针偏转仍然较小。产生该现象的原因可能是：         ；

（3）电路调试完成后，某次实验中电压表和电流表示数如图乙和丙，则此时被测电阻两端的电压为      V，该电阻的阻值为      Ω。

（1）a    （2）电流表量程过大    （3）2.4    10

【解析】（1）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于阻值最大处的a端；（2）小亮同学用完好的器材按图甲正确连接好电路，“试触”时，发现电流表的指针偏转很小；移动滑动变阻器的滑片，发现指针偏转仍然较小，故排除了电路中电阻过大的可能，故产生该现象的原因可能是：电流表量程过大；（3）电路调试完成后，某次实验中电压表和电流表示数如图乙和丙，电压表选用小量程，分度值为则0.1V，此时被测电阻两端的电压为2.4V，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.24A，由欧姆定律，该电阻的阻值为：R＝＝＝10Ω。

故答案为：。

四、计算题（第21小题5分，第22小题9分，第23小题9分，共23分；解答要有必要的公式和过程，只有最后答案的不能得分）

21．[2019安徽]如图，水平地面上一个重为50N的物体，在大小为10N的水平拉力下作用下，向左做匀速直线运动，在5s的时间内通过的距离为2m。求物体运动过程中

（1）所受摩擦力的大小；

（2）拉力F做功的功率。

解：（1）用10N的水平拉力，拉着物体向左做匀速直线运动，物体处于平衡状态，则地面对物体的摩擦力与拉力是一对平衡力，大小相等，故f＝F＝10N；

（2）拉力F做的功：W＝Fs＝10N×2m＝20J，

拉力F做功的功率：P＝＝＝4W。

答：（1）所受摩擦力的大小为10N；

（2）拉力F做功的功率为4W。

22．[2019安徽]将底面积S＝3×10^﹣3m²高h＝0.1m的铝制圆柱体，轻轻地放入水槽中，使它静止于水槽底部，如图（圆柱体的底部与水槽的底部不密合），此时槽中水深h₁＝0.05m（已知ρ_铝＝2.7×10³kg/m³，ρ_水＝1.0×10³kg/m³．g取l0N/kg）。求：

（1）水对圆柱体底部的压强p₁

（2）圆柱体受到的浮力F_浮；

（3）圆柱体对水槽底部的压强p₂。

解：（1）水的深度h₁＝0.05m，

则水对圆柱体底部的压强：

p₁＝ρ_水gh₁＝1.0×10³kg/m³×10N/kg×0.05m＝500Pa；

（2）由图可知，圆柱体浸在水中的体积：

V_排＝Sh₁＝3×10^﹣3m²×0.05m＝1.5×10^﹣4m³，

根据阿基米德原理可得，圆柱体所受的浮力：

F_浮＝ρ_水V_排g＝1.0×10³kg/m³×1.5×10^﹣4m³×10N/kg＝1.5N；

（3）圆柱体的重力：

G_铝＝m_铝g＝ρ_铝V_铝g＝ρ_铝Shg＝2.7×10³kg/m³×3×10^﹣3m²×0.1m×10N/kg＝8.1N；

圆柱体静止于水槽底部，由力的平衡条件可知圆柱体对水槽底部的压力：

F_压＝G_铝﹣F_浮＝8.1N﹣1.5N＝6.6N，

则圆柱体对水槽底部的压强：

p＝＝＝2.2×10³Pa。

答：（1）水对圆柱体底部的压强p₁＝500Pa；

（2）圆柱体受到的浮力F_浮＝1.5N；

（3）圆柱体对水槽底部的压强p₂＝2.2×10³Pa。

23．[2019安徽]如图为“研究小灯泡灯丝的阻值变化特点”的电路图。实验所选用的器材均能符合实验要求，其中部分器材的规格如下：小灯泡额定电压3.8V，额定电流0.32A；电压表（量程3V，内阻3000Ω）；电流表（量程50mA，内阻0.5Ω），定值电阻R₀（限值1000Ω）。按电路图连接好电路，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片至某一位置时，发现电压表的示数为2.7V，电流表的示数为315mA．求此时：

（1）小灯泡两端的电压；

（2）通过小灯泡的电流；

（3）小灯泡灯丝的阻值。

解：（1）通过电压表的电流：

I₁＝＝＝9×10^﹣4A；

电压表与R₀串联可得R₀的电流：

I₀＝I₁＝9×10^﹣4A；

由欧姆定律变形可得R₀的两端电压：

U₀＝I₀R₀＝9×10^﹣4A×1000Ω＝0.9V，

电压表与R₀的支路总电压等于小灯泡两端的电压：

U＝U_V+U₀＝2.7V+0.9V＝3.6V；

（2）已知电流表测量小灯泡所在支路和电压表、R₀所在支路干路的电流，电流表的示数为315mA．根据并联电路的电流特点可得通过小灯泡的电流：

I_L＝I﹣I_V＝315mA﹣0.9mA＝314.1mA；

（3）由I＝可得，小灯泡灯丝的阻值：

R_L＝＝＝11.461Ω。

答：（1）小灯泡两端的电压是3.6V； （2）通过小灯泡的电流是314.1mA； （3）小灯泡灯丝的阻值是11.461Ω。

2020年教科版八年级下物理第七章章末检测卷（答案）

2020年教科版八年级下物理第七章章末检测卷（答案）,八年级下物理单元检测,莲山课件.