浙江省金华市2020年中考物理一模试卷(解析版)

2020年冀教版四年级数学上册 4.1 线 同步练习（答案）

2020年冀教版四年级数学上册 4.1 线 同步练习（答案）,四年级上数学同步练习,莲山课件.

浙江省金华市2020年中考物理一模试卷(解析版)

一、选择题（本大题共有15小题，每小题3分，共45分．每小题只有一个选项是正确的，

1．如图所示，一个木块以放手后速度v在水平面上做直线运动，然后冲上粗糙斜面后最终静止在A点。以下关于木块受到摩擦力的说法正确的是（  ）

A．木块在斜面上受到的摩擦力方向始终不变

B．木块在斜面受到的摩擦力先沿着斜面向下，后沿着斜面向上

C．木块在水平面上受到的摩擦力大小随着速度的减小而减小

D．木块在A点时受到的摩擦力等于木块的重力

2．如图所示，利用电磁继电器控制电动机工作，下列说法正确的是（  ）

A．开关S断开时，电动机A、B都不工作

B．开关S闭合时，电动机A、B都工作

C．开关S闭合时，只有电动机B工作

D．开关S闭合时，只有电动机A工作

3．在科学实验中，把难于测量或测准的科学量通过转换变成能够测量或测准的科学量，或者把某些不易显示的科学现象转换为易于显示的现象的方法，称之为转换法。下列实验中不是利用了转换法的是（  ）

A．在探究影响电磁铁的磁性强弱因素的实验中，用吸引大头针个数的多少来反映电磁铁磁性的强弱

B．在探究电流产生的热量跟哪些因素有关的实验中，用煤油升高温度的大小来反映电流通过电阻丝产生热量的多少

C．在探究不同物质吸热性能的实验中，用加热器加热时间的长短来反映物质吸收热量的多少

D．在探究导体的电阻与材料是否有关的实验中，选用长度和横截面积相同的不同电阻丝进行实验

二、填空题（本大题共有10小题，每空2分，共40分）

4．（4分）已知食盐在不同温度下的溶解度数据如下表所示。在20℃的实验室中，小明挖去新鲜冬瓜的瓤，将底部尚有晶体存在的食盐水倒入其中，现将一木块放入这一溶液中，木块处于漂浮状态，如图甲所示。经过tl分钟，观察到仅有部分晶体恰好溶解，此时，食盐水的溶质质量分数是    ；经过t2分钟后，才发现木块下沉。请在图乙中画出木块所受浮力随时间变化的趋势。

5．（4分）如图1，电源电压保持不变，闭合开关S，变阻器滑片P从a滑到b端的整个过程中，电流表示数I与电压表示数U的关系如图2所示，由图象可知，R1的阻值为    Ω；当电路中的电流为0.2A时，R1与R2消耗的电功率之比为    。

三、实验探究题（本大题共有5小题，26题第1空1分，其它空每空2分，共35分）

6．如图甲是测量小灯泡额定功率的实验电路，已知小灯泡的额定电压为2.5V，电源电压恒定为4.5V，所用滑动变阻器的规格为“20Ω 1A”。

（1）在图中用笔画线代替导线完成电路连接，要求：滑动变阻器滑片P向右滑时，变阻器阻值变小。

（2）连接电路后闭合开关，发现小灯泡不发光，电压表无示数，则电路中发生的故障是    。

（3）排除故障后，闭合开关，手移动滑片P，眼观察    ，使小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是    W。

（4）若还想探究电流与电阻的关系，应将甲图中小灯泡换成定值电阻R，并使电压表的示数始终保持2.5V不变，多次更换阻值不同的定值电阻R，记录各次电流表的示数，在不更换其他器材的情况下，为了能够完成实验，更换的定值电阻R的阻值不能大于    Ω。

7．学习了大气压的相关知识后，同学们想估测一下大气压的大小。他们准备了如下器材：不同规格的注射器、两个弹簧测力计（量程为10N）、刻度尺、一个铁丝做成的T型钩、细线、橡皮帽等。某组同学在实验中选了B规格的注射器，发现弹簧测力计的量程太小了。于是设计了图甲实验装置，顺利完成了测量任务。具体步骤如下：

①先读出注射器的最大刻度为V，用刻度尺量出其全部刻度的长度为L；

②把注射器的活塞推至注射器筒的底端，排尽筒内的空气。然后，用橡皮帽封住注射器的小孔。

③然后慢慢地拉注射器，刚好拉动活塞时，两个测力计示数均为F。

请根据他们实验方案回答以下问题：

（1）若不考虑其他因素的影响，则本次测量大气压值p＝    。（用测量步骤中的V、L和F表示）

（2）实验过程中，同学们发现注射器顶端装针头处，空气无法排尽。这将使得测量结果比当天气压    （填“偏大”或者“偏小”）。请你想一个方法帮助他们解决这个问题，写出你的操作方案    。

（3）另外一组的同学用一个弹簧测量计也完成了实验，请你分析他们选择的是哪个注射器，并说明理由：    。

四、解答题（本大题共有5小题，31题8分，32题7分，33题8分，34题9分，35题8分，共40分）

8．如图，分别用甲、乙两种形式的滑轮组把重为500N的物体匀速向上提。已知每个滑轮重20N，忽略绳子的重力以及滑轮与绳子的摩擦。

（1）图甲中车对绳子的拉力为    N。

（2）图乙中人对绳子的拉力为    N。

（3）若图乙中人在10秒内向右前进了7m，使物体匀速上升2.5m，求在这段时间内人拉绳子做功的平均功率。

9．某展览厅（如图甲）为保护展品，设置了调光天窗，当外界光照较强时，能启动电动卷帘适时调整进光量；当外界光照较弱时，能自动启动节能灯给予补光。调光天窗的电路原理如图乙所示：R0为定值电阻；R为光敏电阻，其电阻值R随光照强度E的变化如图丙所示（E越大表示光照越强，其国际单位为cd）；P为电磁铁，其线圈电阻RP为20Ω，当电流达到0.04A时能吸合衔铁。已知电源电压U1＝12V，U2＝220V，则：

（1）开关S闭合时，电磁铁P的上端为    极（选填“N”或“S”）。

（2）图乙中的L代表的是并联安装在展厅内的10盏“220V 10W”节能灯，这些节能灯同时正常工作4小时，共消耗电能    kW•h。

（3）当外界光照强度达到1cd时，电动卷帘便开始工作，求R0的阻值。

（4）为了环保节能，要在环境光线更弱时才启动节能灯照明，则应换用阻值较    。（选填“大”或“小”）的R0。

10．如图为小柯在科技节中制作的“杠杆力臂演示仪”和“流体压强与流速关系演示仪”。

（1）如图甲（杠杆自身质量和摩擦忽略不计，固定装置未画出），O为支点，OA＝OD＝3OB＝0.6米，CD＝0.2米。在做背景的白纸上作有以O为圈心半径为0.2米的圆。在A点挂5牛顿的重物G，要使杠杆水平平衡，则作用在B点竖直向下的力FB应为    牛，撤去FB后，按图示方向分别施加FC、FD两个力，且毎次都使杠杆在水平位置平衡，则FC、FD大小关系为    。

（2）如图乙，在注射器A、B处分别扎一个等大的小孔，插入两根相同规格的硬质塑料管（连接处密封），并 在管上分别系一个未充气的同规格气球（连接处不漏气）。先慢慢往外拉活塞，使注射器中充满空气，接着快速向内推动活塞，在此过程中可观察到A、B两孔处气球的鼓起情况是    （填序号）。

①A孔处气球大②B孔处气球大③两个气球一样大

2020年浙江省金华市中考物理一模试卷

参考答案与试题解析

一、选择题（本大题共有15小题，每小题3分，共45分．每小题只有一个选项是正确的，

1．如图所示，一个木块以放手后速度v在水平面上做直线运动，然后冲上粗糙斜面后最终静止在A点。以下关于木块受到摩擦力的说法正确的是（  ）

A．木块在斜面上受到的摩擦力方向始终不变

B．木块在斜面受到的摩擦力先沿着斜面向下，后沿着斜面向上

C．木块在水平面上受到的摩擦力大小随着速度的减小而减小

D．木块在A点时受到的摩擦力等于木块的重力

【分析】因为物体的表面不光滑，所以两个互相接触的物体，当它们做相对运动或有一个相对运动的趋势时，在接触面上会产生一种阻碍相对运动的力，这就是摩擦力。滑动摩擦力的大小与压力和接触面的粗糙程度有关，而静摩擦力的大小与滑动摩擦力大小往往不同。

摩擦力的方向总是与物体相对运动方向或相对运动趋势的方向相反，据此分析答题。

【解答】解：AB、木块冲上粗糙斜面的过程中，摩擦力沿斜面向下，当静止在斜面上有沿斜面下滑的趋势，因此摩擦力的方向沿斜面向上，故A错误，B正确；

C、一个木块在水平面上以v的速度做匀速直线运动，受摩擦力，当速度的减小时，压力不变、接触面的粗糙程度不变，所以摩擦力不变，故C错误；

D、木块在A点静止时，其受到向下的力是重力的一个分力，这个力与木块受到的摩擦力平衡，因此木块受到的重力大于此时的摩擦力，故D错误；

故选：B。

【点评】本题考查了判断摩擦力大小、方向问题，掌握摩擦力方向的判断方法即可正确解题，有一定的拔高难度。

2．如图所示，利用电磁继电器控制电动机工作，下列说法正确的是（  ）

A．开关S断开时，电动机A、B都不工作

B．开关S闭合时，电动机A、B都工作

C．开关S闭合时，只有电动机B工作

D．开关S闭合时，只有电动机A工作

【分析】掌握电磁继电器的工作原理，当控制电路接通时，电磁铁有磁性，衔铁被吸下；

当控制电路断开时，电磁铁无磁性，衔铁在弹簧的作用下被拉起，结合实际情况进行分析。

【解答】解：开关S断开时，控制电路断开，电磁铁无磁性，此时衔铁被弹簧拉起，电动机A所在电路接通，A工作，B不工作，A错误；

当开关S闭合时，电磁铁有磁性，吸引衔铁，B所在电路接通，电动机A所在电路断开，电动机B工作，A不工作，所以BD错误，C正确。

故选：C。

【点评】此题考查了电磁继电器的工作原理，关键是搞清衔铁被吸下和拉起时工作电路的变化情况。

3．在科学实验中，把难于测量或测准的科学量通过转换变成能够测量或测准的科学量，或者把某些不易显示的科学现象转换为易于显示的现象的方法，称之为转换法。下列实验中不是利用了转换法的是（  ）

A．在探究影响电磁铁的磁性强弱因素的实验中，用吸引大头针个数的多少来反映电磁铁磁性的强弱

B．在探究电流产生的热量跟哪些因素有关的实验中，用煤油升高温度的大小来反映电流通过电阻丝产生热量的多少

C．在探究不同物质吸热性能的实验中，用加热器加热时间的长短来反映物质吸收热量的多少

D．在探究导体的电阻与材料是否有关的实验中，选用长度和横截面积相同的不同电阻丝进行实验

【分析】所谓“转换法”，主要是指在保证效果相同的前提下，将不可见、不易见的现象转换成可见、易见的现象；将陌生、复杂的问题转换成熟悉、简单的问题；将难以测量或测准的物理量转换为能够测量或测准的物理量的方法。

【解答】解：A、在探究影响电磁铁的磁性强弱因素的实验中，用吸引大头针个数的多少来反映电磁铁磁性的强弱，利用了转换法，故A不合题意；

B、在探究电流产生的热量跟哪些因素有关的实验中，用煤油升高温度的大小来反映电流通过电阻丝产生热量的多少，利用了转换法，故B不合题意；

C、在探究不同物质吸热性能的实验中，用加热器加热时间的长短来反映物质吸收热量的多少，利用了转换法，故C不合题意；

D、在探究导体的电阻与材料是否有关的实验中，选用长度和横截面积相同的不同电阻丝进行实验，可以探究材料对电阻的影响，利用的是控制变量法，故D符合题意。

故选：D。

【点评】本题考查了转换法的使用，转换法主要在对于一些看不见摸不着的现象或不易直接测量的物理量的研究上，通常用一些非常直观的现象去认识或用易测量的物理量间接测量。

二、填空题（本大题共有10小题，每空2分，共40分）

4．（4分）已知食盐在不同温度下的溶解度数据如下表所示。在20℃的实验室中，小明挖去新鲜冬瓜的瓤，将底部尚有晶体存在的食盐水倒入其中，现将一木块放入这一溶液中，木块处于漂浮状态，如图甲所示。经过tl分钟，观察到仅有部分晶体恰好溶解，此时，食盐水的溶质质量分数是 26.5% ；经过t2分钟后，才发现木块下沉。请在图乙中画出木块所受浮力随时间变化的趋势。

【分析】根据已知条件分析，仅有部分晶体溶解，说明此时溶液是饱和溶液，根据此温度下食盐的溶解度可以求出其溶质质量分数；

吉林省长春市绿园区2020年7月中考第二次模拟（图片版）

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（2）木块下沉，说明溶液的密度减小，即其溶质质量分数变小，据此可画出图线。

【解答】解：（1）经过t1分钟，观察到仅有部分晶体溶解，说明此时食盐溶液已经达到饱和；

由表中查20℃时溶解度为36g，所以此时饱和溶液溶质质量分数为：×100%≈26.5%；

（2）新鲜冬瓜中的水进入溶液使溶液的浓度降低，密度减小，随进入溶液的水的增加，木块逐渐有漂浮变成悬浮，这段时间中浮力始终等于木块的重力，t2之后木块下沉，所以t2是木块处于悬浮的状态，之后木块完全浸入液体中，随液体密度的减小，木块受到的浮力也减小，但因为液体密度不会减小到0，所以木块受到的浮力也不会到0，如下图所示：

故答案为：26.5%。

【点评】本题考查物体沉浮条件的应用以及质量分数的计算，关键要明确溶液饱和的含义，本题是一道物理、化学的综合题。

5．（4分）如图1，电源电压保持不变，闭合开关S，变阻器滑片P从a滑到b端的整个过程中，电流表示数I与电压表示数U的关系如图2所示，由图象可知，R1的阻值为 10 Ω；当电路中的电流为0.2A时，R1与R2消耗的电功率之比为 2：1 。

【分析】由电路图可知：R1与R2串联，电压表测量电阻R1两端的电压，电流表测量串联电路的电流；

（1）根据图象读出电阻R1两端电压和电流，根据欧姆定律求出定值电阻R1的阻值；

（2）当滑片P位于b端时，电路为R1的简单电路，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流，此时电路中的电流最大，根据图象读出最大电流和电压表的示数，据此可知电源的电压；

当电路中的电流为0.2A时，根据图象读出电阻R1两端电压，根据串联电路的电压特点求出R2两端电压，根据P＝UI即可求出电功率之比。

【解答】解：由电路图可知：R1与R2串联，电压表测量电阻R1两端的电压，电流表测量串联电路的电流；

（1）根据图象可知：电阻R1两端电压U1＝1V时电流I1＝0.1A，

由I＝可得，定值电阻R1＝＝＝10Ω；

（2）由电路图可知：当滑片P位于b端时，电路为R1的简单电路，此时电路中的电流最大，电压表测电源的电压，由图象可知，电路中的最大电流0.3A时，电压表的示数为3V，即电源的电压为3V，

当电路中的电流为0.2A时，根据图象读出电阻R1两端电压U1′＝2V，

根据串联电路的总电压等于各电阻两端的电压之和可知：

R2两端电压U2′＝U﹣U1′＝3V﹣2V＝1V；

R1与R2消耗的电功率P1：P2＝IU1：IU2＝U1：U2＝2V：1V＝2：1。

故答案为：10；2：1。

【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是根据图象读出电流和电压的对应值。

三、实验探究题（本大题共有5小题，26题第1空1分，其它空每空2分，共35分）

6．如图甲是测量小灯泡额定功率的实验电路，已知小灯泡的额定电压为2.5V，电源电压恒定为4.5V，所用滑动变阻器的规格为“20Ω 1A”。

（1）在图中用笔画线代替导线完成电路连接，要求：滑动变阻器滑片P向右滑时，变阻器阻值变小。

（2）连接电路后闭合开关，发现小灯泡不发光，电压表无示数，则电路中发生的故障是 小灯泡短路或变阻器断路 。

（3）排除故障后，闭合开关，手移动滑片P，眼观察 电压表 ，使小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是 0.75 W。

（4）若还想探究电流与电阻的关系，应将甲图中小灯泡换成定值电阻R，并使电压表的示数始终保持2.5V不变，多次更换阻值不同的定值电阻R，记录各次电流表的示数，在不更换其他器材的情况下，为了能够完成实验，更换的定值电阻R的阻值不能大于 25 Ω。

【分析】（1）根据电路图连接实物，特别注意电流表、电压表量程的选择和正负接线柱的接法，注意滑动变阻器的接法要一上一下。

（2）灯泡不亮说明某处断路或灯短路，电压表无示数，电压表的正负接线柱与电源正负极之间连接是断开的或灯泡短路，说明灯泡短路或滑动变阻器断路；

（3）根据串分压的知识进行分析，在串联电路中，电阻越大分得的电压越多。在进行电流表的读数时，注意量程和分度值。将电压值和电流值代入公式P＝UI计算出额定功率。

（4）根据串联电路特点与欧姆定律分析答题。

【解答】解：（1）根据电路图连接实物电路，先将串联的元件连接好，最后将电压表并联在灯泡两端。小灯泡的功率很小，所以电流很小，电流表可选择0～0.6A的量程；滑动变阻器滑片向右移动电阻变小，接右下接线柱。如图所示：

（2）若灯泡短路时，灯不亮，电压表示数为0；或变阻器断路，灯泡不亮，电流表和电压表都无示数，符合题意。故小灯泡短路或变阻器断路；

（3）闭合开关后，为使灯泡正常发光，手应移动滑动变阻器，眼睛观察电压表，使灯泡两端的电压为额定电压2.5V。

根据乙图，电流表的量程为0～0.6A，其分度值为0.02A，其读数为0.3A，所以小灯泡的额定功率P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W。

（4）电源电压为4.5V，电阻两端电压为2.5V，滑动变阻器分压为4.5V﹣2.5V＝2V，电路的电流为：I＝＝＝0.1A，

则定值电阻的最大值为：R＝＝＝25Ω。

故答案为：（1）如图所示；（2）小灯泡短路或变阻器断路；（3）电压表；0.75；（4）25。

【点评】本题考查了连接实物电路图、电路故障分析、实验注意事项、电表读数、求灯泡功率等问题，连接电路图时要注意电表量程的选择；对电表读数时，要先确定其量程与分度值，然后再读数，读数时视线要与电表刻度线垂直。

7．学习了大气压的相关知识后，同学们想估测一下大气压的大小。他们准备了如下器材：不同规格的注射器、两个弹簧测力计（量程为10N）、刻度尺、一个铁丝做成的T型钩、细线、橡皮帽等。某组同学在实验中选了B规格的注射器，发现弹簧测力计的量程太小了。于是设计了图甲实验装置，顺利完成了测量任务。具体步骤如下：

①先读出注射器的最大刻度为V，用刻度尺量出其全部刻度的长度为L；

②把注射器的活塞推至注射器筒的底端，排尽筒内的空气。然后，用橡皮帽封住注射器的小孔。

③然后慢慢地拉注射器，刚好拉动活塞时，两个测力计示数均为F。

请根据他们实验方案回答以下问题：

（1）若不考虑其他因素的影响，则本次测量大气压值p＝  。（用测量步骤中的V、L和F表示）

（2）实验过程中，同学们发现注射器顶端装针头处，空气无法排尽。这将使得测量结果比当天气压 偏小 （填“偏大”或者“偏小”）。请你想一个方法帮助他们解决这个问题，写出你的操作方案 将注射器内抽满水，端口向上推动活塞排水，使得顶端保留水，再封口 。

（3）另外一组的同学用一个弹簧测量计也完成了实验，请你分析他们选择的是哪个注射器，并说明理由： 选C注射器，因为大气压强是一定的，根据公式F＝pS可知，受力面积越小，活塞受到的大气压力也会越小 。

【分析】（1）根据二力平衡的条件，当活塞刚刚拉动时，弹簧测力计的拉力与大气对活塞的压力是一对平衡力；再根据公式p＝将测得的压力和面积代入公式即可算出压强的大小；

（2）当注射器里面有气体时，则筒内气体就有一定的压强，会造成拉力F偏小，在面积S不变时，所测量的大气压值会偏小；

（3）压力的大小跟活塞的作用面积有关，在大气压强一定时，面积越小，压力会越小，所以应选择较小的注射器；

因活塞为圆柱体，所以活塞的横截面积可以通过公式S＝，利用压强的公式p＝可得出表达式。

【解答】解：

（1）由步骤①可知，注射器的最大刻度为V，全部刻度的长度为L，注射器活塞的横截面积为S＝；

由步骤③可知当刚好拉动活塞时，两个测力计示数均为F，则由力的平衡条件可知大气对活塞的压力为2F，

此时大气压的数值：p＝＝＝；

（2）注射器顶端装针头处的空气无法排尽，内部空气对活塞的压力会和外部大气压力抵消一部分，这样使得弹簧测力计受到的拉力减小，在面积不变的情况下，测得的大气压会偏小；

将注射器内抽满水，端口向上推动活塞排水，使得顶端保留水，再封口，可以采用这一简单的方法将注射器内空气排尽；

（3）因为大气压强是一定的，根据公式F＝pS可知，受力面积越小，活塞受到的大气压力也会越小，拉动活塞的拉力也可以小一点，所以当用一个弹簧测力计时，可换用横截面积小的注射器，故选C；

故答案为：（1）；

（2）偏小；将注射器内抽满水，端口向上推动活塞排水，使得顶端保留水，再封口；

（3）C注射器；因为大气压强是一定的，根据公式F＝pS可知，受力面积越小，活塞受到的大气压力也会越小。

【点评】本题属于实验探究题，实验探究题一般对学生的要求都较高，不仅要求学生熟练掌握课本上所学的相关知识，还要求学生具有一定的发散思维。

四、解答题（本大题共有5小题，31题8分，32题7分，33题8分，34题9分，35题8分，共40分）

8．如图，分别用甲、乙两种形式的滑轮组把重为500N的物体匀速向上提。已知每个滑轮重20N，忽略绳子的重力以及滑轮与绳子的摩擦。

（1）图甲中车对绳子的拉力为 500 N。

（2）图乙中人对绳子的拉力为 260 N。

（3）若图乙中人在10秒内向右前进了7m，使物体匀速上升2.5m，求在这段时间内人拉绳子做功的平均功率。

【分析】（1）轴的位置固定不变的滑轮叫定滑轮，使用定滑轮不能省力，但能改变用力的方向；

（2）随物体一起运动的滑轮叫动滑轮，使用动滑轮能省一半力，但不能改变用力的方向；忽略绳子的重力以及滑轮与绳子的摩擦，拉力F＝（G+G动）；

（3）忽略绳子的重力以及滑轮和绳子的摩擦，拉力做的功等于提升物体和动滑轮做的功，再利用P＝求拉力做功功率。

【解答】解：

（1）甲图中，滑轮的轴的位置固定不变，为定滑轮，忽略绳子的重力以及滑轮和绳子的摩擦，车对绳子的拉力F甲＝G＝500N；

（2）图乙中，使用的是一定、一动的滑轮组，n＝2，忽略绳子的重力以及滑轮和绳子的摩擦，

人对绳子的拉力：

F乙＝（G+G动）＝×（500N+20N）＝260N；

（3）忽略绳子的重力以及滑轮和绳子的摩擦，这段时间内人拉绳子做功：

W总＝Fs＝（G+G动）h＝（500N+20N）×2.5m＝1300J，

人做功的功率：

P＝＝＝130W。

故答案为：（1）500；（2）260；（3）在这段时间内人拉绳子做功的平均功率为130W。

【点评】本题考查了定滑轮的特点、使用滑轮组时拉力的计算、功和功率的计算，注意：忽略绳子的重力以及滑轮和绳子的摩擦，拉力做的功等于提升物体和动滑轮做的功。

9．某展览厅（如图甲）为保护展品，设置了调光天窗，当外界光照较强时，能启动电动卷帘适时调整进光量；当外界光照较弱时，能自动启动节能灯给予补光。调光天窗的电路原理如图乙所示：R0为定值电阻；R为光敏电阻，其电阻值R随光照强度E的变化如图丙所示（E越大表示光照越强，其国际单位为cd）；P为电磁铁，其线圈电阻RP为20Ω，当电流达到0.04A时能吸合衔铁。已知电源电压U1＝12V，U2＝220V，则：

（1）开关S闭合时，电磁铁P的上端为 S 极（选填“N”或“S”）。

（2）图乙中的L代表的是并联安装在展厅内的10盏“220V 10W”节能灯，这些节能灯同时正常工作4小时，共消耗电能 0.4 kW•h。

（3）当外界光照强度达到1cd时，电动卷帘便开始工作，求R0的阻值。

（4）为了环保节能，要在环境光线更弱时才启动节能灯照明，则应换用阻值较 小 。（选填“大”或“小”）的R0。

【分析】（1）根据安培定则判定螺线管的极性；

（2）先求出10盏节能灯的总功率，又知道正常工作时间，根据W＝Pt求出这些节能灯共消耗电能；

（3）当外界光照强度达到1cd时，根据图象可以看出R的阻值，根据欧姆定律的变形公式求出总电阻，再利用串联电路电阻特点求出R0的阻值；

（4）为缩短路灯点亮时间，在设置时将光敏电阻的光照强度减小，结合图象和电磁铁能吸合衔铁的电流不变，利用欧姆定律判断即可。

【解答】解：（1）关S闭合时，电磁铁中电流的方向是向左的，根究安培定则可知，电磁铁P的上端为S极；

（2）10盏节能灯的总功率：P＝10P1＝10×10W＝100W＝0.1kW，

则这些节能灯同时正常工作4小时消耗的电能：W＝Pt＝0.1kW×4h＝0.4kW•h；

（3）当外界光照强度达到1cd时，由图可知，R＝120Ω，当电动卷帘便开始工作，电磁铁能吸合衔铁的电流I＝0.04A，

由I＝得，电路总电阻：R总＝＝＝300Ω，

根据串联电路电阻规律可知，R0的阻值：R0＝R总﹣R﹣RP＝300Ω﹣120Ω﹣20Ω＝160Ω；

（4）若要缩短节能灯点亮的时间，即当外界光照更弱时，电磁铁才能吸合衔铁，节能灯才能工作；

由图2可知，当光照强度E减小时，R的阻值变大，而电磁铁能吸合衔铁的电流不变，电源电压不变，则电路总电阻不变，故应换用阻值较小的R0。

故答案为：（1）S；（2）0.4；（3）160Ω；（4）小。

【点评】本题主要考查光敏电阻的特点、电功的计算、串联电路的特点及欧姆定律的灵活运用等知识，关键能从图象上找出有用的信息，并弄清楚电磁继电器的工作原理，有一定的综合性。

10．如图为小柯在科技节中制作的“杠杆力臂演示仪”和“流体压强与流速关系演示仪”。

（1）如图甲（杠杆自身质量和摩擦忽略不计，固定装置未画出），O为支点，OA＝OD＝3OB＝0.6米，CD＝0.2米。在做背景的白纸上作有以O为圈心半径为0.2米的圆。在A点挂5牛顿的重物G，要使杠杆水平平衡，则作用在B点竖直向下的力FB应为 15 牛，撤去FB后，按图示方向分别施加FC、FD两个力，且毎次都使杠杆在水平位置平衡，则FC、FD大小关系为 FC＝FD 。

（2）如图乙，在注射器A、B处分别扎一个等大的小孔，插入两根相同规格的硬质塑料管（连接处密封），并 在管上分别系一个未充气的同规格气球（连接处不漏气）。先慢慢往外拉活塞，使注射器中充满空气，接着快速向内推动活塞，在此过程中可观察到A、B两孔处气球的鼓起情况是 ② （填序号）。

①A孔处气球大②B孔处气球大③两个气球一样大

【分析】（1）根据杠杆平衡条件计算作用在B点竖直向下的力FB的大小；通过比较FC、FD两个力的力臂与FB的力臂的关系，根据杠杆平衡条件分析FC、FD大小关系；

（2）流体的压强跟流速有关，流速越大，压强越小。

【解答】解：（1）根据杠杆平衡条件可得：G×OA＝FB×OB，

OA＝3OB＝0.6m，则OB＝0.2m，

所以，作用在B点竖直向下的力FB＝＝＝15N；

由图可知，FC、FD两个力的力臂均与FB的力臂相等，都是圆的半径，阻力和阻力臂不变，

撤去FB后，按图示方向分别施加FC、FD两个力，且毎次都使杠杆在水平位置平衡，

根据杠杆平衡条件可知，FC、FD大小关系为FC＝FD；

（2）由图可知B的下端注射器的横截面积大，A的下端注射器的横截面积小，快速向内推动活塞，B的下端空气流速小，压强大，A的下端空气流速大，压强小，所以，在此过程中可现察到A、B两孔处气球的鼓起情况是B孔处气球大。

故答案为：（1）15；（2）FC＝FD；（2）②。

【点评】此题考查杠杆平衡条件的应用、流体压强和流速的关系，难点在（1），关键是从图示中得出FC、FD两个力的力臂均与FB的力臂相等，然后利用杠杆平衡条件分析解答。

2020年冀教版四年级数学上册2.1 除以整十数 同步练习（答案）

2020年冀教版四年级数学上册2.1 除以整十数 同步练习（答案）,四年级上数学同步练习,莲山课件.